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Kurs

Geometrie - Prüfungsteil A Aufgruppengruppe 1

1 Lösung 1b

Aufgabenstellung

Betrachtet wird der abgebildete Würfel ABCDEFGHABCDEFGH. Die Eckpunkte DD, EE, FF und HH dieses Würfels besitzen in einem kartesischen Koordinatensystem die folgenden Koordinaten: D(002)D(0|0|-2), E(200)E(2|0|0), F(220)F(2|2|0) und H(000)H(0|0|0).

Abitur 2016 Geometrie A1

a) Zeichnen Sie in die Abbildung die Koordinatenachsen ein und bezeichnen Sie diese. Geben Sie die Koordinaten des Punkts AA an. (2 BE)

b) Der Punkt PP liegt auf der Kante [FB][FB] des Würfels und hat vom Punkt HH den Abstand 33. Berechnen Sie die Koordinaten des Punkts PP. (3 BE)

Lösung

Das erste, was dir auffallen sollte ist, dass der Abstand: HP=3\overline{HP} = 3

 

HP=(p1p2p3)(000)=(p1p2p3)=p12+p22+p32=3|\overrightarrow{HP}| = \left| \begin{pmatrix}p_1\\p_2\\p_3\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}0\\0\\0\end{pmatrix} \right| = \left| \begin{pmatrix}p_1\\p_2\\p_3\end{pmatrix} \right| = \sqrt{p_1^2 + p_2^2 + p_3^2} = 3

 

Die zweite Information, die dich ab diesem Schritt weiterbringt, ist, dass PP auf der Kante [FB][FB] liegt. Deshalt haben FF und BB die gleiche x1x_1- und x2x_2-Koordinate.

  • p1=2p_1 = 2

  • p2=2p_2 = 2

Mit dieser Erkenntnis kannst du auch die verbliebene dritte Koordinate p3p_3 des Punktes PP finden.

 

HP=p12+p22+p32=22+22+p32=8+p32=3|\overrightarrow{HP}| = \sqrt{p_1^2+p_2^2+p_3^2} = \sqrt{2^2+2^2+p_3^2} = \sqrt{8+p_3^2} = 3

 

Rechne die mögliche(n) Lösung(en) für p3p_3 aus.

8+p32=3\sqrt{8+p_3^2} = 3

2{\ldots}^2

8+p32=98+p_3^2 = 9

8| - 8

p32=1p_3^2 = 1

\sqrt{\ldots}

p3=±1p_3=\pm 1

Da sowohl BB, als auch AA auf der selben x3x_3-Koordinatenachse liegen, muss der Wert von p3p_3 zwischen 2-2 und 00 liegen.

 

Die dritte Koordinate für PP ist entweder 1-1 oder 11. Da allerdings 11 nicht in der Menge [2,0][-2{,}0] liegt, bleibt dir nur noch eine Möglichkeit.

 

Die Koordinaten des Punktes PP sind also (221)(2|2|-1).

2 Aufgabe 2

Gegeben sind die Punkte A(214)A(-2|1|4) und B(406)B(-4|0|6).

 

a) Bestimmen Sie die Koordinaten des Punkts CC so, dass gilt: CA=2AB\overrightarrow{CA} = 2 \cdot \overrightarrow{AB}. (2 BE)

 

b) Durch die Punkte AA und BB verläuft die Gerade gg. Betrachtet werden Geraden, für welche die Bedingungen I\mathrm{I} und II\mathrm{II} gelten:

 

I    \mathrm{I} \; \; \quadJede dieser Geraden schneidet die Gerade gg orthogonal.

II\mathrm{II} \quad Der Abstand jeder dieser Geraden vom Punkt AA beträgt 33.

 

Ermitteln Sie eine Gleichung für eine dieser Geraden. (3 BE)

3 Lösung 2a

Aufgabenstellung

Gegeben sind die Punkte A(214)A(-2|1|4) und B(406)B(-4|0|6).

a) Bestimmen Sie die Koordinaten des Punkts CC so, dass gilt: CA=2AB\overrightarrow{CA} = 2 \cdot \overrightarrow{AB}. (2 BE)

Lösung

Schreibe die gegebene Gleichung CA=2AB\overrightarrow{CA} = 2 \cdot \overrightarrow{AB} in Koordinatenform auf und rechne aus.

 

CA=2AB(214)(c1c2c3)=2((406)(214))(214)(c1c2c3)=2(212)(214)(c1c2c3)=(424) (c1c2c3)=(424)(214) (c1c2c3)=(230)(c1c2c3)=(230) \def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrl}\overrightarrow{CA} &= &2 \cdot \overrightarrow{AB} \\\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}c_1\\c_2\\c_3\end{pmatrix} &= &2 \cdot \begin{pmatrix}\begin{pmatrix}-4\\0\\6\end{pmatrix}-\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix}\end{pmatrix} \\\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}c_1\\c_2\\c_3\end{pmatrix} &= &2 \cdot \begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix} \\\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}c_1\\c_2\\c_3\end{pmatrix} &= &\begin{pmatrix}-4\\-2\\4\end{pmatrix} \\\ -\begin{pmatrix}c_1\\c_2\\c_3\end{pmatrix} &= &\begin{pmatrix}-4\\-2\\4\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} \\\ -\begin{pmatrix}c_1\\c_2\\c_3\end{pmatrix} &= &\begin{pmatrix}-2\\-3\\0\end{pmatrix}\\\begin{pmatrix}c_1\\c_2\\c_3\end{pmatrix} &= &\begin{pmatrix}2\\3\\0\end{pmatrix}\end{array} 

Die Koordinaten des Punktes CC sind also (230)(2|3|0).

4 Lösung 2b

Aufgabenstellung

Gegeben sind die Punkte A(214)A(-2|1|4) und B(406)B(-4|0|6).

 

a) Bestimmen Sie die Koordinaten des Punkts CC so, dass gilt: CA=2AB\overrightarrow{CA} = 2 \cdot \overrightarrow{AB}. (2 BE)

b) Durch die Punkte AA und BB verläuft die Gerade gg.

Betrachtet werden Geraden, für welche die Bedingungen I\mathrm{I} und II\mathrm{II} gelten:

I    \mathrm{I} \; \; \quad Jede dieser Geraden schneidet die Gerade gg orthogonal.

II\mathrm{II} \quad Der Abstand jeder dieser Geraden vom Punkt AA beträgt 33.

Ermitteln Sie eine Gleichung für eine dieser Geraden. (3 BE)

Lösung

Die allgemeine Geradengleichung in der analystischen Geometrie lässt sich schreiben als g:x=P+λug: \overrightarrow{x} = \overrightarrow{P} + \lambda \overrightarrow{u}

Bestimmung der Geradengleichung gg

Die angegebene Gerade gg soll durch die Punkte AA und BB verlaufen. Deswegen wählt man als Stützvektor den Ortsvektor OA\overrightarrow{OA} und als Richtungsvektor AB\overrightarrow{AB}.

 

g:x=OA+λABg:x=(214)+λ((406)(214))g:x=(214)+λ(212)\def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrrlll}g: &\overrightarrow{x} &= &\overrightarrow{OA} &+ &\lambda \cdot \overrightarrow{AB}\\g: &\overrightarrow{x} &= &\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} &+ &\lambda \cdot \begin{pmatrix}\begin{pmatrix}-4\\0\\6\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix}\end{pmatrix} \\g: &\overrightarrow{x} &= &\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} &+ &\lambda \cdot \begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix}\end{array}

Bestimmung der neuen Geradengleichung

Sei die allgemeine Geradengleichung der neuen Gerade h:x=P+λuh: \overrightarrow{x} = \overrightarrow{P} + \lambda \overrightarrow{u}

Bedingung I\mathrm{I}: Orthogonalität

Zwei Vektoren stehen orthogonal zueinander, wenn sie senkrecht aufeinander stehen. Dies ist der Fall, falls ihr Skalarprodukt Null ergibt. Bei Geraden überprüfst du diese Bedingung, indem du das Skalarprodukt ihrer Richtungsvektoren bildest.

 

ABu=0(212)(u1u2u3)=02u1+(u2)+2u3=0\def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrl}\overrightarrow{AB} \circ \overrightarrow u &= &0 \\\begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix} \circ \begin{pmatrix}u_1\\u_2\\u_3\end{pmatrix} &= &0 \\-2u_1 + (-u_2) + 2u_3 &= &0\end{array}

 

Allerdings bekommst du eine Gleichung mit drei Unbekannten. In solch einem Fall darfst du zwei Unbekannte frei auswählen. Du kannst hierfür z. B. u1=tu_1 = t und u3=tu_3 = t für tRt \in \mathbb{R} wählen. Dann gilt

 

2u1u2+2u3=02tu2+2t=0u2=0u2=0\def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrl}-2u_1 - u_2 + 2u_3 &= &0 \\-2t - u_2 + 2t &= &0 \\-u_2 &= &0 \\u_2 &= &0\end{array}

 

Der Richtungsvektor der neuen Gerade hh lautet also

 

u=(t0t)=t(101)\overrightarrow{u} = \begin{pmatrix}t\\0\\t\end{pmatrix} = t \cdot \begin{pmatrix}1\\0\\1\end{pmatrix}

Bedingung II\mathrm{II}: Abstand

Es fehlt nur noch der Stützpunkt PP der Gerade hh. Dieser soll zum Stützpunkt AA der Gerade gg den Abstand 33 haben.

Wie du auch auf dem Bild rechts erkennen kannst, gibt es zwei Möglichkeiten, eine passende Gerade hh zu finden. Der Stützpunkt P1P_1 bzw. P2P_2 haben den Abstand 33 zu dem Punkt AA. Deswegen musst du in zwei Schritten denken:

Veranschalichung Geometrie Abitur 2016

Normiere den Vektor AB\overline{AB}, bringe ihn also zuerst auf die Länge 11.

ABAB=(212)(2)2+(1)2+22=13(212)\def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrl}\frac{\overline{AB}}{|\overline{AB}|} &= &\frac{\begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix}}{\sqrt{(-2)^2+(-1)^2+2^2}} \\&= &\frac{1}{3} \cdot \begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix}\end{array}

Multipliziere diese Normierung mit 33, um den richtigen Abstand zu bekommen.

3ABAB=313(212)=(212)\def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrl}3 \cdot \frac{\overline{AB}}{|\overline{AB}|} &= &3 \cdot \frac{1}{3} \cdot \begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix} \\&= &\begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix}\end{array}

Nun kannst du den Stützpunkt P1,2P_ {1{,}2} der Geraden h1,2h_{1{,}2} berechnen, indem du ihn zum Stützpunkt AA addierst bzw. von AA subtrahierst.

 

P1,2=A  ±  3ABABP1=A+3ABABP1=(214)+(212)P1=(406)P2=A3ABABP2=(214)(212)P2=(022)\def\arraystretch{1.25} \begin{array}{rrl}P_{1{,}2} &= &A \; \pm \; 3 \cdot \frac{\overline{AB}}{|\overline{AB}|} \\P_1 &= &A + 3 \cdot \frac{\overline{AB}}{|\overline{AB}|} \\P_1 &= &\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} + \begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix} \\\color{#CC0000}{P_1} &= &\begin{pmatrix}-4\\0\\6\end{pmatrix} \\P_2 &= &A - 3 \cdot \frac{\overline{AB}}{|\overline{AB}|} \\P_2 &= &\begin{pmatrix}-2\\1\\4\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}-2\\-1\\2\end{pmatrix} \\\color{#CC0000}{P_2} &= &\begin{pmatrix}0\\2\\2\end{pmatrix}\end{array}

 

Die gesuchten Geraden sind also

h1:x=(406)+μ(101)h_1: \overrightarrow{x} = \begin{pmatrix}-4\\0\\6\end{pmatrix} + \mu \begin{pmatrix}1\\0\\1\end{pmatrix}

h2:x=(022)+μ(101)h_2: \overrightarrow{x} = \begin{pmatrix}0\\2\\2\end{pmatrix} + \mu \begin{pmatrix}1\\0\\1\end{pmatrix}


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